原题链接：https://www.luogu.com.cn/problem/P3214
题意解读：从数字1~n组成的所有非空子集中，选m个子集组成集合T，要求集合T里所有子集的数字都出现偶数次，请所有T的方案数。
解题思路：
数字1~n组成的非空子集一共有2n-1个（每个数字有选或不选两种，排除全不选）
如果不考虑数字出现偶数次的限制，总的方案数为C(2n-1,m)，关键要思考如何排除掉出现偶数次的情况。
这里借助于递推：
设f[i]表示选了前i个子集且所有数都出现偶数次的方案数
考虑选第i个子集的时候，方案是确定的，因为前i-1如果已经选好，所有数字的奇偶性是确定的，如果不考虑奇偶性，选前i-1个子集的所有方案数是C(2n-1,i-1)
选第i个子集有两种不合法的可能：
1、选空集合，前i-1个子集中数字都已经出现偶数次
由于C(2n-1,i-1)里包括了选空集的情况，前i-1个集合数字是偶数个的时候，第i个为空集，一共有f[i-1]种
2、第i个子集与前i-1个子集有重复的情况
首先，有i-2个子集是不重复的，还有2个子集重复，重复的子集有2n-1-(i-2)=2n-i+1种选择，i-2个子集是合法的方案数是f[i-2]，因此第i个子集与前i-1个子集有重复的情况一共有f[i-2]*(2n-i+1)种
这时，得到选前i个子集的总方案数是C(2n-1,i-1)-f[i-1]-f[i-2]*(2n-i+1)
去掉不合法的情况之后，对于i个子集都确定的情况下，第i个子集一共有i种选法，方案数里已经包括了这i种选法，因此最终：
f[i] = ( C(2n-1,i-1)-f[i-1]-f[i-2]*(2n-i+1) ) / i
C(2n-1,i-1)可以通过展开后阶乘逆元在递推中来计算，C(2n-1,i-1) = (2n-1)*...*(2n-i+1) / (i-1)!
初始时f[0]=f[1]=f[2]=0，从i=3开始求，C(2n-1,3-1) = (2n-1)*...*(2n-2) / 2!，
下一次递推C(2n-1,4-1) = C(2n-1,3-1) * (2n-3) / 3，因此下一次C(2n-1,i-1) 要*(2n-i) / i
除以i变为乘以i模mod的逆元。
100分代码：
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long LL;const int N = 1000005, MOD = 1e8 + 7;
LL f[N], C;
LL n, m;LL ksm(LL a, LL b, LL mod)
{LL res = 1;while(b){if(b & 1) res = res * a % mod;a = a * a % mod;b >>= 1;}return res;
}int main()
{cin >> n >> m;//C(2^n-1,3-1) = (2^n-1)*...*(2^n-2) / 2!LL t = ksm(2, n, MOD);C = (t - 1) * (t - 2) % MOD * ksm(2, MOD - 2, MOD) % MOD; for(int i = 3; i <= m; i++){//f[i] = ( C(2^n-1,i-1)-f[i-1]-f[i-2]*(2^n-i+1) ) / if[i] = C - f[i - 1] - f[i - 2] * (t - i + 1) % MOD;f[i] = (f[i] % MOD + MOD) % MOD * ksm(i, MOD - 2, MOD) % MOD;//C = C * (2^n-i+1) / iC = C * (t - i) % MOD * ksm(i, MOD - 2, MOD) % MOD;}cout << f[m];return 0;
}