洛谷
由于需要考虑颜色的问题，所以可以考虑将总方法减去相同颜色的方案数，以此得到本次的结果。
使用前缀和，得到此处的方案总数。
然后就需要考虑如何处理颜色的问题了，由于需要进行区间修改与查询，很容易想到使用线段树进行优化，但是按照颜色数写很多树状数组明显空间开不下。
所以使用动态开点的方法。由于一棵树上有只有几个点会被查询，所以我们通过动态开点，只处理需要处理的节点，记录下它的左右儿子即可。
动态开点在需要修改时，开一个新的点记录，查询时直接返回初始状态即可。
代码：
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int r,c,k,a[1000][1000],pre[1000],dp[1000][1000];
const int mod=1e9+7;
struct ST{int c[7000000],ls[7000000],rs[7000000],cnt;void build(int k){cnt=k;}void pushup(int p){c[p]=(c[ls[p]]+c[rs[p]])%mod;}int New(){c[++cnt]=0;ls[cnt]=rs[cnt]=0;return cnt;}void change(int &p,int l,int r,int w,int v){if(!p)p=New();if(l==r)return void(c[p]=(c[p]+v)%mod);int mid=l+r>>1;if(w<=mid)change(ls[p],l,mid,w,v);else change(rs[p],mid+1,r,w,v);pushup(p);}int query(int p,int l,int r,int L,int R){if(!p)return 0;if(l>=L&&r<=R)return c[p];int mid=l+r>>1;int res=0;if(mid>=L)res+=query(ls[p],l,mid,L,R);if(mid<R)res+=query(rs[p],mid+1,r,L,R);res%=mod;return res;}
}seg;
signed main(){cin>>r>>c>>k;seg.build(k);for(int i=1;i<=r;i++){for(int j=1;j<=c;j++)cin>>a[i][j];}for(int i=1;i<=c;i++)pre[i]=1;dp[1][1]=1;seg.change(a[1][1],1,c,1,1);for(int i=2;i<=r;i++){for(int j=2;j<=c;j++){dp[i][j]=(pre[j-1]-seg.query(a[i][j],1,c,1,j-1)+mod)%mod;}int tmp=0;for(int j=2;j<=c;j++){tmp=(tmp+dp[i][j])%mod;pre[j]=(pre[j]+tmp)%mod;seg.change(a[i][j],1,c,j,dp[i][j]);}}cout<<dp[r][c];return 0;
}