LeetCode HOT100 - 二叉树展开为链表

首先，因为是树，所以肯定是自顶向下的

接着，因为本质还是做前序遍历，所以肯定还是要 dfs

核心就是每次左子树的尾节点要接到右子树的根节点，并且把该节点的左子树置空，右节点接到原来的左子树的根节点上

然后传回这条链的末尾节点

所以逻辑上做些处理

/*** Definition for a binary tree node.* struct TreeNode {*     int val;*     TreeNode *left;*     TreeNode *right;*     TreeNode() : val(0), left(nullptr), right(nullptr) {}*     TreeNode(int x) : val(x), left(nullptr), right(nullptr) {}*     TreeNode(int x, TreeNode *left, TreeNode *right) : val(x), left(left), right(right) {}* };*/
class Solution {
public:void flatten(TreeNode* root) {auto dfs = [&](this auto&& self, TreeNode* u) -> TreeNode* {if (!u) {return u;}if ((!u->left) && (!u->right)) {return u;}auto x = self(u->left);auto y = self(u->right);if (x && u->right) x->right = u->right;if (u->left) u->right = u->left;u->left = nullptr;if (y) {return y;}return x;};dfs(root);}
};

不过这样做的话空间复杂度大致是 O(h)，如果要做到严格 O(1) 的话还是要做些优化和思路上的调整

一般就是要迭代原地调整指针

这里就直接先放代码了

class Solution {
public:void flatten(TreeNode* root) {TreeNode* cur = root;while (cur) {if (cur->left) {TreeNode* pre = cur->left;while (pre->right) {pre = pre->right;}pre->right = cur->right;cur->right = cur->left;cur->left = nullptr;}cur = cur->right;}}
};

核心就是
如果当前节点有左子树：

1. 找到左子树最右边的节点 pre
2. 把当前节点原来的右子树接到 pre->right
3. 把左子树整体挪到 cur->right
4. cur->left 置空

相当于不是一次处理完左子树，是每次整理当前左子树最右侧的那条链，然后一次次操作，通过把局部结构改成前序链表形式，最终得到 root -> left subtree -> right subtree