题⽬描述
输⼊⼀个⻓度为 n 整数数组，数组⾥⾯可能含有相同的元素，实现⼀个函数来调整该数组中数字的顺序，使得所有的奇数位于数组的前⾯部分，所有的偶数位于数组的后⾯部分，对奇数和奇数，偶数和偶数之间的相对位置不做要求，但是时间复杂度和空间复杂度必须如下要求。
数据范围：0 ≤ n ≤ 50000，数组中每个数的值 0 ≤ val ≤ 10000
要求：时间复杂度 O(n)，空间复杂度 O(1)
示例 1
输⼊：[1,2,3,4]
返回值：[1,3,2,4]
说明：[3,1,2,4]或者[3,1,4,2]也是正确答案
示例 2
输⼊：[1,3,5,6,7]
返回值：[1,3,5,7,6]
说明：[3,1,5,7,6]等也是正确答案
思路及解答
两次遍历
第一次遍历收集奇数，第二次遍历收集偶数
这种方法虽然简单易懂，但需要额外空间，不符合题目要求
public class Solution {public int[] reorderArray(int[] nums) {if (nums == null || nums.length == 0) {return new int[0];}int[] result = new int[nums.length];int index = 0;// 第一次遍历：收集所有奇数for (int num : nums) {if (num % 2 == 1) {result[index++] = num;}}// 第二次遍历：收集所有偶数for (int num : nums) {if (num % 2 == 0) {result[index++] = num;}}return result;}
}
- 时间复杂度：O(n)
- 空间复杂度：O(n)
双指针交换（推荐）
这道题需要奇数在⼀半，偶数在另外⼀半就可以，并没有要求他们之间的顺序，那么就可以⽤双指针，⼀个指针在左边，⼀个指针在右边，⽐如 1,3,5,6,7 :
左指针往右遍历直到找到偶数，也就是 6 停下来，
右指针往左⾛，直到找到第⼀个奇数，也就是 7 停下来。
两者交换:
左指针继续往右边⾛，两个指针相遇，结束，这个时候其实偶数已经全部在右边了。
这个例⼦⾥⾯只经过⼀次交换，如果是多次交换，那么结束的条件同样也是两个指针相遇。
public class Solution {public int[] reorderArray(int[] nums) {if (nums == null || nums.length <= 1) {return nums;}int left = 0; // 左指针，从数组开头开始int right = nums.length - 1; // 右指针，从数组末尾开始while (left < right) {// 左指针向右移动，直到找到偶数while (left < right && nums[left] % 2 == 1) {left++;}// 右指针向左移动，直到找到奇数while (left < right && nums[right] % 2 == 0) {right--;}// 如果左指针仍在右指针左边，交换奇偶数if (left < right) {int temp = nums[left];nums[left] = nums[right];nums[right] = temp;left++;right--;}}return nums;}
}
- 时间复杂度：O(n)，每个元素最多被访问一次
- 空间复杂度：O(1)，只使用了常数级别的额外空间